Expedition （POJ 2431）

题意：你需要驾驶一辆卡车行驶L单位长度。最开始的时候，卡车上有P单位的油。卡车每开1单位距离需要消耗1单位的汽油。如果在途中车上汽油耗尽，卡车就无法继续前行，因而无法到达终点。在途中一共有n个加油站。第i个加油站在距离起点Ai单位长度的地方，最多可以给汽车加油Bi单位的汽油。假设卡车的燃油箱的容量是无限大的，无论加多少油都没有关系。那么请问卡车是否能到达终点？如果可以，最少需要加多少次油？不能到达就输出-1。

思路：我们什么时候需要加油呢？肯定没油或者说是剩余的油量不能够使得卡车到达下一加油地点，那么我们应该在之前进行加油。我们要想次数最少，那么我们可定选择之前某个Bi最大的进行加油，全部加上，如果还不够，就选择次大的！如此直到油量能够支持卡车到下一加油站。那么我们考虑优先队列，假设目前车的油量还够，那么我们就记录当前位置跟油量，并Bi压入que中，然后如果在后面油量不够了，我们就需要从队列中每次取出之前能加最大油量的那个加油站，然后加油，如果队列是空的，说明没有加油站可以加油了，直接输出-1，否则，油量 + Bi，然后从队列弹出当前元素。很有意思的一个题目呢！！！

#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 200004
using namespace std;

int l,p,n;
int a[maxn],b[maxn];//距离起点的距离跟最多加油量 


void solve(){
	a[n] = l;//为了方便起见，我们把终点也设为加油站。 
	b[n] = 0;
	n++;
	
	priority_queue<int> que;
	
	int ans=0,pos = 0,tank = p;//分别表示加油次数，所在位置，油箱中汽油的量。
	for(int i=0;i<n;i++){
	int  d = a[i] - pos;
	while(tank - d < 0){
		if(que.empty()){
			puts("-1");
			return ;
		}
		tank += que.top();
		que.pop();
		ans++;
	}
	
	tank -= d;
	pos = a[i];
	que.push(b[i]); 
   }
   cout<<ans<<endl;
}


int main(){
	cin>>n>>l>>p;//n表示加油站数量，l表示行驶长度，p表示车上油 
	for(int i=0;i<n;i++){
		cin>>a[i];
	}
	
	for(int i=0;i<n;i++){
		cin>>b[i];
	}
    
	solve();
	 
	return 0;
}