PAT (Basic Level) Practice （中文）1025 反转链表 (25 分)

1025 反转链表 (25 分)

给定一个常数 K 以及一个单链表 L，请编写程序将 L 中每 K 个结点反转。例如：给定 L 为 1→2→3→4→5→6，K 为 3，则输出应该为 3→2→1→6→5→4；如果 K 为 4，则输出应该为 4→3→2→1→5→6，即最后不到 K 个元素不反转。

输入格式：

每个输入包含 1 个测试用例。每个测试用例第 1 行给出第 1 个结点的地址、结点总个数正整数 N (≤105)、以及正整数 K (≤N)，即要求反转的子链结点的个数。结点的地址是 5 位非负整数，NULL 地址用 −1 表示。

接下来有 N 行，每行格式为：

Address Data Next

其中 Address 是结点地址，Data 是该结点保存的整数数据，Next 是下一结点的地址。

输出格式：

对每个测试用例，顺序输出反转后的链表，其上每个结点占一行，格式与输入相同。

输入样例：

00100 6 4
00000 4 99999
00100 1 12309
68237 6 -1
33218 3 00000
99999 5 68237
12309 2 33218

输出样例：

00000 4 33218
33218 3 12309
12309 2 00100
00100 1 99999
99999 5 68237
68237 6 -1

个人认为是比较难的第五题了~调了半天

有点类似链式前向星，按照地址索引，直到-1为止反转结点的时候要注意更新地址，对于一个结点而言，不变的是它本身的地址，可能变化的是它的下一个地址，还有一个小细节是如果最后剩余不够k个不反转~

// luogu-judger-enable-o2
#include<bits/stdc++.h>
#include<unordered_set>
#define rg register ll
#define inf 2147483647
#define min(a,b) (a<b?a:b)
#define max(a,b) (a>b?a:b)
#define ll long long
#define maxn 300005
#define lb(x) (x&(-x))
const double eps = 1e-6;
using namespace std;
inline ll read()
{
	char ch = getchar(); ll s = 0, w = 1;
	while (ch < 48 || ch>57) { if (ch == '-')w = -1; ch = getchar(); }
	while (ch >= 48 && ch <= 57) { s = (s << 1) + (s << 3) + (ch ^ 48); ch = getchar(); }
	return s * w;
}
inline void write(ll x)
{
	if (x < 0)putchar('-'), x = -x;
	if (x > 9)write(x / 10);
	putchar(x % 10 + 48);
}
struct node
{
    ll cur,next,val,add;
}p[maxn],ans[maxn],ans1[maxn],q[maxn];
ll tot;
/*ostream &operator<<(ostream &out,const node &a)
{
    out<<setw(5)<<setfill('0')<<a.cur<<" "<<a.val<<" "<<setw(5)<<setfill('0')<<a.next<<endl;
    return out;
}*/
void display(const node&a)
{
    printf("%05lld %lld %05lldn",a.cur,a.val,a.next);
}
int main()
{
    ll first,n,k;
    cin>>first>>n>>k;
    for(rg i=1;i<=n;i++)
    {
        ll a,b,c;
        cin>>a>>b>>c;
        p[a].cur=b,p[a].next=c,p[a].add=a;
        q[b].add=a,q[b].val=b,q[b].next=c;
    }
    if(first==-1)
    {
        return 0*puts("-1");
    }
    while(first!=-1)
    {
        ans[++tot].val=p[first].cur;
        first=p[first].next;
    }
    //cout<<tot<<endl;
        for(rg i=1;i<=tot;i+=k)
    {
        if(i+k-1>tot)
        {
            for(rg m=i;m<=tot;m++)
            {
                ans1[m].val=ans[m].val;
            }
            break;
        }
        ll tep=i;
        for(rg j=i+k-1;j>=i;j--)
        {
            ans1[j].val=ans[tep].val;
            tep++;
        }

    }
    /*for(rg i=1;i<=tot;i++)
    {
        cout<<ans1[i].val<<endl;
    }*/
    ll cnt=1,tep=ans1[cnt].val;
   while(cnt<=tot)
    {
        //cout<<tep<<endl;
        ans1[cnt].cur=q[tep].add;
        ans1[cnt].next=q[ans1[cnt+1].val].add;
        tep=q[ans1[cnt+1].val].val;
        if(cnt==tot)
        {
            ans1[cnt].next=-1;
            break;
        }
        cnt++;
    }
        for(rg i=1;i<=tot;i++)
    {
        if(i!=tot)
        display(ans1[i]);
        else
        {
            cout<<setw(5)<<setfill('0')<<ans1[i].cur<<" "<<ans1[i].val<<" "<<-1<<endl;
        }
    }
   	return 0;
}