BZOJ3398: [Usaco2009 Feb]Bullcow 牡牛和牝牛(dp)
时间:2022-06-11
本文章向大家介绍BZOJ3398: [Usaco2009 Feb]Bullcow 牡牛和牝牛(dp),主要内容包括其使用实例、应用技巧、基本知识点总结和需要注意事项,具有一定的参考价值,需要的朋友可以参考一下。
题意
约翰要带N(1≤N≤100000)只牛去参加集会里的展示活动,这些牛可以是牡牛,也可以是牝牛.牛们要站成一排.但是牡牛是好斗的,为了避免牡牛闹出乱子,约翰决定任意两只牡牛之间至少要有K(O≤K<N)只牝牛. 请计算一共有多少种排队的方法.所有牡牛可以看成是相同的,所有牝牛也一样.答案对5000011取模
Sol
网上的题解是前缀和优化dp?
那我说一个不一样的做法
设$f[i]$表示到第$i$个位置,该位置放了牡牛的方案,$g[i]$表示到第$i$个位置,且该位置放了牝牛的方案数
然后两个数组可以互相推出来
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<stack>
#include<queue>
#include<cmath>
#define LL long long
#define lb(x) (x & (-x))
#define Pair pair<int, int>
#define fi first
#define se second
#define MP(x, y) make_pair(x, y)
using namespace std;
const int MAXN = 1e6 + 10, mod = 5000011;
inline int read() {
char c = getchar(); int x = 0, f = 1;
while(c < '0' || c > '9') {if(c == '-') f = -1; c = getchar();}
while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar();
return x * f;
}
int N, K;
int f[MAXN], g[MAXN];
int main() {
N = read(); K = read();
f[1] = 1; g[1] = 1;
for(int i = 2; i <= N; i++) {
f[i] = (f[i - 1] + g[i - 1]) % mod;
g[i] = (f[max(i - K - 1, 1)] + g[max(i - K - 1, 0)]) % mod;
}
printf("%d", (f[N] + g[N]) % mod);
return 0;
}
/*
*/
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