扩展中国剩余定理详解

前言

阅读本文前，推荐先学一下中国剩余定理。其实不学也无所谓，毕竟两者没啥关系

扩展CRT

我们知道，中国剩余定理是用来解同余方程组

begin{cases}xequiv c_{1}left( mod m_{1}right) \ xequiv c_{2}left( mod m_{2}right) \ ldots \ xequiv c_rleft( mod m_rright) end{cases}

但是有一个非常令人不爽的事情就是它要求m_1,m_2ldots,m_r两两互素

如果某个毒瘤出题人偏要求它们部互素呢？

其实也有解决的办法

就是把出题人吊起来干一顿用扩展中国剩余定理

扩展中国剩余定理跟中国剩余定理没半毛钱关系，一个是用扩展欧几里得，一个是用构造

首先我们还是从简单入手，考虑一下如果同余方程组只有两个式子的情况

xequiv c_{1}left( mod m_{1}right) \ xequiv c_{2}left( mod m_{2}right)

将两个式子变形

x=c_{1}+m_{1}k_{1}\ x=c_{2}+m_{2}k_{2}

联立

c_{1}+m_{1}k_{1}=c_{2}+m_{2}k_{2}

移项

m_{1}k_{1}=c_{2}-c_{1}+m_{2}k_{2}

我们用$(a,b)$表示$a,b$的最大公约数

在这里需要注意，这个方程有解的条件是

left( m_{1},m_{2}right) |left( c_{2}-c_{1}right)，因为后面会用到dfrac {left( c_{2}-c_{1}right) }{left( m_{2},m_{1}right) }这一项，如果不整除的话肯定会出现小数。

对于上面的方程，两边同除$(m_1,m_2)$

dfrac {m_{1}k_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }=dfrac {c_{2}-c_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }+dfrac {m_{2}k_{2}}{left( m_{1},m_{2}right) }

dfrac {m_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }k_{1}=dfrac {c_{2}-c_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }+dfrac {m_{2}}{left( m_{1},m_{2}right) }k_{2}

转换一下

dfrac {m_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }k_{1} equiv dfrac {c_{2}-c_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) } (mod dfrac {m_{2}}{left( m_{1},m_{2}right) })

此时我们已经成功把$k_2$消去了。

同余式两边同除dfrac {m_{1}}{left( m_{1},m_{2}right) }

k_1equiv inv({m_1over(m_1,m_2)},{m_2over (m_1,m_2)})*{(c_2-c_1)over (m_1,m_2)}pmod {{m_2over(m_1,m_2)}}

inv(a,b)表示a在模b意义下的逆元

k_1=inv({m_1over(m_1,m_2)},{m_2over (m_1,m_2)})*{(c_2-c_1)over (m_1,m_2)}+{{m_2over (m_1,m_2)}}*y

接下来怎么办呢？这个式子已经化到最简了。。

不要忘了，我们刚开始还有两个式子。我们把k_1待回去！

x=inv({m_1over(m_1,m_2)},{m_2over (m_1,m_2)})*{(c_2-c_1)over (m_1,m_2)}*m_1+y{{m_1m_2over (m_1,m_2)}}+c_1

xequiv inv({m_1over(m_1,m_2)},{m_2over (m_1,m_2)})*{(c_2-c_1)over (m_1,m_2)}*m_1+c_1pmod {{m_1m_2over (m_1,m_2)}}

此时，整个式子中的元素我们都已经知道了

具体一点，这个式子可以看做是xequiv cpmod m

其中c=(inv({m_1over (m_1,m_2)},{m_2over (m_1,m_2)})*{(c_2-c_1)over (m_1,m_2)})%{m_2over (m_1,m_2)}*m_1+c_1

m={m_1m_2over (m_1,m_2)}

推广一下

我们每次把两个同余式合并，求解之后得到一个新的同余式。再把新的同余式和其他的联立，最终就可以求出满足条件的解

代码

题目链接

#include<iostream>
#include<cstdio>
#define LL long long 
using namespace std;
const LL MAXN=1e6+10;
LL K,C[MAXN],M[MAXN],x,y;
LL gcd(LL a,LL b)
{
    return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
LL exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y)
{
    if(b==0){x=1,y=0;return a;}
    LL r=exgcd(b,a%b,x,y),tmp;
    tmp=x;x=y;y=tmp-(a/b)*y;
    return r;
}
LL inv(LL a,LL b)
{
    LL r=exgcd(a,b,x,y);
    while(x<0) x+=b;
    return x;
}
int main()
{
    #ifdef WIN32
    freopen("a.in","r",stdin);
    #else
    #endif
    while(~scanf("%lld",&K))
    {
        for(LL i=1;i<=K;i++) scanf("%lld%lld",&M[i],&C[i]);
        bool flag=1;
        for(LL i=2;i<=K;i++)
        {
            LL M1=M[i-1],M2=M[i],C2=C[i],C1=C[i-1],T=gcd(M1,M2);
            if((C2-C1)%T!=0) {flag=0;break;}
            M[i]=(M1*M2)/T;
            C[i]= ( inv( M1/T , M2/T ) * (C2-C1)/T ) % (M2/T) * M1 + C1;
            C[i]=(C[i]%M[i]+M[i])%M[i];
        }
        printf("%lldn",flag?C[K]:-1);
    }
    return 0;
}

再放道裸题

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1573

题解